2019-2020 学年人教版高中物理必修一期末复习限时训练卷 3 时间 60 分钟 满分 80 分 一、选择题（每小题 4 分，共 40 分，各小题的四个选项中只有一个选项是最符合题意的） 1.关于质点，下列各说法中正确的是( ) A. 质点是一个很小的物体 B. 质点是一个小球 C. 只有小物体才能被看做是质点 D. 大物体有时也可以被看作质点 2.下列关于加速度的描述中，正确的是( ) A．速度变化得越大，加速度就越大 B．加速度方向保持不变，则速度方向也保持不变 C．当加速度与速度方向相反但加速度在增加时，物体做加速运动 D．当加速度与速度方向相同但加速度在减小时，物体做加速运动 3.关于摩擦力和弹力，下列说法正确的是（ ） A．有弹力一定有摩擦力 B．静止的物体可能受到滑动摩擦力 C．摩擦力大小跟弹力大小一定成正比 D．摩擦力方向跟弹力方向可以不垂直 4.以下关于力和运动的说法正确的是( ) A．力是维持物体运动的原因 B．力是改变物体运动状态的原因 C．物体的速度越大，其惯性就越大 D．作用在物体上的力消失后，物体的速度就消失 5.下列关于力的说法中正确的是( ) A．只有静止的物体才受重力 B．两个相互接触的物体间一定有摩擦力 C．摩擦力的方向一定和物体运动方向相反 D．一个力被分解为两个分力，分力的大小可以都大于合力 6.如图所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向右运动时，物体 A 的受 力情况是（ ） A．绳的拉力大于 A 的重力 B．绳的拉力等于 A 的重力 C．绳的拉力小于 A 的重力 D．绳的拉力先大于重力，后变为小于重力 7.用手握住瓶子，使瓶子在竖直方向静止，如果握力加倍，则手对瓶子的摩擦力（ ） A．握力越大，摩擦力越大 B．只要瓶子不动，摩擦力大小不变 C．方向由向下变成向上 D．手越干、越粗糙，摩擦力越大 8.如图所示，小球用细绳系住，绳的另一端固定于 O 点。现用水平力 F 缓慢推动斜面体， 小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于直线状态，当小球升到接近斜面顶端时细绳接 近水平。此过程中斜面对小球的支持力 FN 以及绳对小球的拉力 FT 的变化情况是 A．FN 保持不变，FT 不断增大 B．FN 不断增大，FT 不断减小 C．FN 保持不变，FT 先增大后减小 D．FN 不断增大，FT 先减小后增大 9.如图所示，物体在水平推力 F 的作用下静止在斜面上，若稍微增大水平力 F 而物体仍保 持静止，则下列判断中错误的是 ( ) A．斜面对物体的支持力一定增大 B．物体在竖直方向所受合力一定不变 C．斜面对物体的静摩擦力一定增大 D．地面对斜面的静摩擦力一定增大 10.如图所示，一物块在水平拉力 F 的作用下沿水平桌面做匀速直线运动。若保持 F 的大小 不变，而方向与水平面成 60°角，物块也恰好做匀速直线运动。物块与桌面间的动摩擦因 数为( ) A．2－　 　B.　　 　C.　　 　D. 二、计算题（40 分） 11．（8 分）质量 m=20kg 的物体，在大小恒定的水平外力 F 的作用下，在水平面上做直线 运动。0—2s 内 F 与运动方向相反，2—4s 内 F 与运动方向相同，物体的速度—时间图象如 图所示。求物体与水平面间的动摩擦因数 μ。（g 取 10m/s2） 12.（12 分）如图所示，可爱的企鹅喜欢在冰面上玩游戏。有一企鹅在倾角为 37°的倾斜冰 面上，先以加速度 a＝0.5 m/s2 从冰面底部由静止开始沿直线向上“奔跑”，t＝8 s 时，突然卧 倒以肚皮贴着冰面向前滑行，最后退滑到出发点，完成一次游戏(企鹅在滑动过程中姿势保 持不变)。若企鹅肚皮与冰面间的动摩擦因数 μ＝0.25，已知 sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8。求： (1)企鹅向上“奔跑”的位移大小： (2)企鹅在冰面滑动的加速度大小； (3)企鹅退滑到出发点时的速度大小。(计算结果可用根式表示) 13.（20 分）如图所示，长 2 m 的木板 AB 静止在粗糙水平地面上，C 为其中点，木板上表 面 AC 部分光滑，CB 部分粗糙，下表面与水平地面间的动摩擦因数 μ1＝0.1，木板右端静止 放置一个小物块(可看成质点)，它与木板 CB 部分的动摩擦因数 μ2＝0.2。已知木板和小物 块的质量均为 2 kg，重力加速度 g＝10 m/s2，现对木板施加一个水平向右的恒力 F。 (1)为使小物块与木板保持相对静止，求恒力的最大值 Fm； (2)当 F＝20 N 时，求小物块经多长时间滑到木板中点 C。 答案： 1-5：DDBDD 6-10:ADDCC 11.解： 由图象可得： 0—2s 内物体的加速度 2—4s 内物体的加速度 a1  vt  v0 0  10   5m / s 2 ， t 2 a2  vt  v0 2  0   1m / s 2 。 t 2 根据牛顿第二定律：0—2s 内， 2—4s 内， ( F   mg )  ma1 ( F   mg )  ma2 联立①②式代入数据，得： ②   0.2 12.解：　 (1)企鹅“奔跑”过程有 x＝at2 代入数据得 x＝16 m (2)企鹅上滑过程有 a1＝gsin 37°＋μgcos 37° 解得 a1＝8 m/s2 企鹅下滑过程有 a2＝gsin 37°－μgcos 37° 解得 a2＝4 m/s2 (3)企鹅上滑位移 x1＝＝1 m 企鹅退滑到出发点的速度大小 v 满足 v2＝2a2(x＋x1) ① 解得 v＝2 m/s。 答案　(1)16 m　(2)8 m/s2　4 m/s2 (3)2 m/s 13.解： (1)设小物块能够达到的最大加速度为 am，则有 μ2mg＝mam 解得 am＝2 m/s2 对整体进行受力分析，有 Fm－μ1(M＋m)g＝(M＋m)am 解得 Fm＝12 N。 (2)当 F＝20 N 时，小物块相对于木板发生相对滑块，对木板受力分析，有 F－μ1(M＋m)g－μ2mg＝Ma1 得 a1＝6 m/s2 小物块加速度 a2＝am＝μ2g＝2 m/s2 则有 a1t2－a2t2＝L 解得 t＝ s。 答案　(1)12 N　(2) s