2021 年吉林省中考数学试卷 一、单项选择题(每小题 2 分,共 12 分) 1. 化简 1 的结果为( A. -1 ) B. 0 C. 1 D. 2 【答案】C 【解析】 【分析】括号前面是减号时,去掉括号,括号内加号变减号,减号变加号. 【详解】解: 1 1 , 故选:C. 【点睛】本题考查去括号,解题关键是掌握去括号法则. 2. 据《吉林日报》2021 年 5 月 14 日报道,第一季度一汽集团销售整车 70060 辆,数据 70060 用科学记数 法表示为( A. ) 7.006 �103 B. 7.006 �10 4 C. 70.06 �103 D. 0.7006 �104 【答案】B 【解析】 【分析】科学记数法的表示形式为 a×10n 的形式,其中 1≤|a|<10,n 为整数.确定 n 的值时,要看把原数变 成 a 时,小数点移动了多少位,n 的绝对值与小数点移动的位数相同.当原数绝对值 ≥10 时,n 是正整数; 当原数的绝对值<1 时,n 是负整数. 【详解】解: 70060 7.0060 � 10 , 4 故选:B. 【点睛】此题考查科学记数法的表示方法,表示时关键要确定 a 的值以及 n 的值. 3. 不等式 A. 2x 1 3 的解集是( x 1 B. ) x2 C. x 1 【答案】B 【解析】 【分析】按照解不等式步骤:移项,合并同类项,系数化为 1 求解. 【详解】解: 2 x 1 3 , D. x2 2x 3 1 2x 4 x2 , , . 故选:B. 【点睛】本题考查解不等式,熟练掌握不等式的基本性质是解题关键. 4. 如图,粮仓可以近似地看作由圆锥和圆柱组成,其主视图是( A. B. ) C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】粮仓主视图上部视图为等腰三角形,下部视图为矩形. 【详解】解:粮仓主视图上部视图为等腰三角形,下部视图为矩形. 故选:A. 【点睛】本题考查简单组合几何体的三视图,解题关键是掌握主视图是从正面看到的图形. 5. 如图,四边形 ABCD 内接于 eO ,点 �APC �B 120� ,则 的度数可能为( A. 30� B. 45� P 为边 AD 上任意一点(点 P 不与点 A , D 重合)连接 ) C. 50� D. 65� CP .若 【答案】D 【解析】 【分析】由圆内接四边形的性质得 �D 度数为 60� ,再由 �APC 为 VPCD 的外角求解. 【详解】解:∵四边形 ABCD 内接于 e O , ∴ ∵ ∴ ∵ ∴ �B �D 180� , �B 120� , �D 180� �B 60� , �APC 为 VPCD �APC �D 的外角, ,只有 D 满足题意. 故选:D. 【点睛】本题考查圆内接四边形的性质,解题关键是熟练掌握圆内接四边形对角互补. 6. 古埃及人的“纸草书”中记载了一个数学问题:一个数,它的三分之二,它的一半,它的七分之一,它的 全部,加起来总共是 33,若设这个数是 x ,则所列方程为( ) 2 1 1 x x x 33 B. 3 2 7 2 1 x x x 33 A. 3 7 2 1 1 x x x x 33 C. 3 2 7 D. x 2 1 1 x x x 33 3 7 2 【答案】C 【解析】 【分析】根据题意列方程 2 1 1 x x x x 33 . 3 2 7 【详解】解:由题意可得 2 1 1 x x x x 33 . 3 2 7 故选 C 【点睛】本题考查了一元一次方程的应用,找等量关系是解题的关键. 二、填空题(每小题 3 分,共 24 分) 9 -1=_____. 7. 计算: 【答案】2 【解析】 【分析】利用二次根式的性质化简,进而通过计算即可得出答案. 【详解】 9 -1=3-1=2 故答案为:2. 【点睛】此题主要考查了二次根式、实数的运算;正确化简二次根式是解题的关键. m 2 2m 8. 因式分解: __________. 【答案】 m m 2 【解析】 【分析】要将一个多项式分解因式的一般步骤是首先看各项有没有公因式,若有公因式,则把它提取出来 , 之后再观察是否是完全平方公式或平方差公式,若是就考虑用公式法继续分解因式.因此,直接提取公因 式 m 即可. 【详解】 m 2 2m m m 2 故答案为: m m 2 【点睛】本题考查题公因式法因式分解.掌握提公因式法是关键. 2x x 9. 计算: x 1 x 1 __________. 【答案】 x x 1 【解析】 【分析】根据同分母分式的加减法则运算. 【详解】解: 2x x 2x x x . x 1 x 1 x 1 x 1 x 故答案为: x 1 . 【点睛】本题考查了同分母分式的加减,熟练掌握运算法则是解题的关键 x 10. 若关于 的一元二次方程 【答案】 x 2 3x c 0 c 有两个相等的实数根,则 的值为__________. 9 4 【解析】 【分析】根据判别式 0 求解即可. 【详解】解:∵一元二次方程 x 3 x c 0 有两个相等 2 ∴ 32 4c 0 解得 c 实数根, 的 , 9 4. 9 故答案为: 4 . 【点睛】本题考查了一元二次方程 ax2+bx+c=0(a≠0)的根的判别式△=b2-4ac:当△>0,方程有两个不相 等的实数根;当△=0,方程有两个相等的实数根;当△<0,方程没有实数根. 11. 如图,已知线段 AB 2cm 为半径画弧,两弧相交于 C , ,其垂直平分线 D CD 两点;②作直线 的作法如下:①分别以点 CD b A 和点 b B 为圆心, b cm 【答案】> 【解析】 A , B 为圆心,大于 .上述作法中 满足的条作为 ___1.(填“ ”,“ ” 或“ ”) 【分析】作图方法为:以 长 1 AB 长度画弧交于 , 两点,由此得出答案. C D 2 【详解】解:∵ AB 2cm , ∴半径 b 长度 b 1cm 即 1 AB , 2 . 故答案为: . 【点睛】本题考查线段的垂直平分线尺规作图法,解题关键是掌握线段垂直平分线的作图方法. 12. 如图,在平面直角坐标系中,点 A 的坐标为 B 点 顺时针旋转 【答案】 90� ,得到 △ A ' BO ' ,则点 A' 0,3 ,点 B 的坐标为 4, 0 ,连接 AB ,若将 VABO 绕 的坐标为__________. 7, 4 【解析】 【分析】根据旋转的性质可求得 【详解】解:作 由旋转可得 ∴四边形 ∴ A� Cx 和 C �O ' 90� O ' B x , O ' BCA ' ∴点 A ' 坐标为 , , 轴, A ' C O ' B OB 4 7, 4 . 7, 4 的长度,进而可求得点 为矩形, BC A ' O ' OA 3 故答案 轴于点 O� A� O� B : . 为 , A' 的坐标. 【点睛】此题考查了旋转的性质,解题的关键是根据旋转找到题目中线段之间的关系. 13. 如图,为了测量山坡的护坡石坝高,把一根长为 1m 时,它离地面的高度 DE 为 0.6m ,则坝高 CF 4.5m 的竹竿 为__________ 【答案】2.7 【解析】 【分析】根据 DE / /CF 【详解】解:如图,过 ,可得 C 作 CF AB 1 0.6 AD DE ∴ AC CF ,即 4.5 CF , 解得 CF 2.7 故答案为:2.7 , AD DE ,进而得出 CF 即可. AC CF 于 F ,则 DE / /CF , AC m . 斜靠在石坝旁,量出竿上 AD 长为 【点睛】本题考查了相似三角形应用,解决本题的关键是掌握相似三角形的性质. Rt VABC 14. 如图,在 交 AC , AB 于点 D , 中, E �C 90� �A 30� BC 2 , , .以点 【解析】 CE ,由扇形 【详解】解:连接 ∵ ∴ ∵ ∴ ∴ ∴ CE CBE 面积﹣三角形 , �A 30� , �B 90� �A 60� , CE CB △ CBE , 为等边三角形, �ECB 60� BE BC 2 , S扇形CBE 22 �60 2 , 360 3 3 ∵ S△ BCE 4 BC 3 , 2 为圆心, ,则图中阴影部分的面积为__________(结果保留 2 3 【答案】 3 【分析】连接 C , CBE 面积求解. CB ). 长为半径画弧,分别 2 3 . ∴阴影部分的面积为 3 2 3 故答案为: 3 . 【点睛】本题考查扇形的面积与等边三角形的性质与判定,解题关键是判断出三角形 CBE 为等边三角形与 扇形面积的计算. 三、解答题(每小题 5 分共 20 分) 1 x 15. 先化简,再求值: x 2 x 2 x x 1 ,其中 2. 【答案】 x 4 , 3 1 2 【解析】 【分析】先根据平方差公式和单项式乘以多项式进行计算,再合并同类项,最后代入求出答案即可. 【详解】解: x 2 x 2 x x 1 x2 4 x2 x x4 当 x , 1 1 1 4 3 2 时,原式 2 2. 【点睛】本题考查了平方差公式,单项式乘以多项式,合并同类项,运用平方差公式是解题的关键. 16. 第一盒中有 1 个白球、1 个黑球,第二盒中有 1 个白球,2 个黑球.这些球除颜色外无其
吉林省2021年中考数学真题试卷(解析版).doc
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本文档由 痛楚 于 2023-01-07 16:00:00上传分享